一：實驗題
（l ）偏小（2分） 甲圖（2分）
( 2 )① 將電鍵S1接1 記錄這時電壓表和電流表的示數U2、I2（2分） UU② =(RA+RP)+Rx =(RA+RP) ，兩式相減，消去(RA+RP)，得出Rx，I1I2
避免了電流表引起的測量誤差
Ⅱ．① 電路圖如圖② 36 , 200
二：計算題
10：解： （1） Ff = 1.0×1.5N=1.5N
（2）P=Fv=1.5×6W=9W
（3）x= x1+x2=42m
2
11：（1）正電荷（2）v2=22 m/s（3）代入前式①求得：B=2 T
v1 42 m/s E 2.4 N/C（4）
12：解：設B受到的最大靜摩擦力為f1m，則f1m=μ1mBg=2.5N ①，設A受到的`滑動摩擦力為f2，則f2=μ2(mA+mB)g=4.0N ②，施加電場后，設A、B以相同的加速度向右做勻減速運動，加速度大小為a，由牛頓第二定律
qE+f2=(mA+mB)a ③，解得a=2.0m/s2。設B受到的摩擦力為f1，由牛頓第二定律得f1=mBa ④，解得f1=2.0N，由于f1<f1m，所以電場作用后，A、B仍保持相對靜止以相同加速度a向右做勻減速運動，A與擋板碰前瞬間，設A、B向右的共同速度為v1，v12=v02－2aS ⑤，A與擋板碰后，以A、B系統為研究對象 qE=f2 ⑥，故A、B系統動量守恒，設A、B向左共同速度為v，規定向左為正方向mAv1－mBv1=(mA+mB)v ⑦，設該過程中，B相對于A向右的位移為S1，A向左的位移為S2，由系統功能關系qES2－μ
11
2(mA+mB)v2－2(mA+mB)v12 ⑧，[或寫為μ1mgS1－μ2(mA+mB)gS2＝
11
2(mA+mB)v12－2(mA+mB)v2，同樣給這4分]，A、B達到共同1mBgS1＝
速度v后做勻速運動，要使B不從A上滑下S1≤L ⑨，解⑤⑦⑧⑨代入數據得S≥2.0m。
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